如图所示 小球m在竖直放置的光滑圆管道内,小球在竖直

A、在最高点，由于外管或内管都可以对小球产生弹力作用，当小球的速度等于0时，内管对小球产生弹力，大小为mg，故最小速度为0．故A错误，B正确．C、小球在水平线ab以下管道运动，由于沿半径方向的合力提供

首先,小球从A点运动到C点的过程中,由于始终在等势面上运动,电场力不做功.那么久只有重力做功了.其次,只有重力做功的话,小球仍然会具有一个速度,既然有速度,那么圆周运动,对应的就会有向心加速度,这个电

⒈mgr=1/2mv2(从A到B这一过程为研究对象用机械能守恒）⒉F电—mg=mv2/r(在B点这一状态为研究对象）⒊F电=Eq以上三个方程即可解出E=3mg/q我就不给你解了.有问题在详细说吧!（不

小球从A到最低点过程，电场力不做功，由动能定理得：mgR=12mv2在最低点，由牛顿第二定律：F-mg-FN=mv2R又F=qE，FN=mg     

设小球经过B点时速度为v0，则：小球平抛的水平位移为：x=BC2−(2R)2=(3R)2−(2R)2=5R，小球离开B后做平抛运动，在水平方向：x=v0t，在竖直方向上：2R=12gt2，解得：v=5

答案错了B不对

（1）根据几何关系得：LAB=h2+R2=0．82+0．62m=1m甲运动到C点时，甲的速度方向水平向右，所以乙的速度为零，对系统运用动能定理得：m乙g（LAB-LBC）-m甲gR=12m甲v甲2，解

由题意知点电荷在AB弧中点处的电场强度大小与圆弧中点B的场强大小相等，设为E，则小球在该处受到的电场力为F=qE    设小球至圆弧中点的速度为v，圆弧半径为R

没图难度很高呀!imagine1、先受力分析,重力、斜面对球的支持力和挡板对球的支持力,F=Mgtanθ.2、受力分析,利用动态平衡,得：F=mgsinθ.

当夹角为θ时,L’=2R*Cosθ.T=(2R*cosθ-L）*k受力分析发现T*Sinθ=G*Sin2θ即T*sinθ=G*2sinθcosθ得2G*cosθ=T=(2R*cosθ-L）*k得θ=a

如图,对小球受力分析,有G,F弹,N,设弹簧与竖直方向夹角θ因为△BAC∽△CDE所以CD=GE即G=N又因为三力平衡所以G,N在CE方向上的分力和等于F弹即G•cosθN•c

A、小球块在A点时，滑块对M的作用力竖直向上，所以N＜Mg系统在水平方向不受力的作用，所以没有摩擦力的作用，所以A错误；B、小滑块在B点时，需要的向心力向右，所以M对滑块有向右的支持力的作用，对M受力

赐我一张图吧～再问： 再答：这个。。题不全吧。原题上那个压力为3mg你都没说，可以让我看看原题吗？再问：，，，看岔行了再答：嗯。原题再问： 再问：呵呵再答： 再答：懂了吗

.当然就是说你根本爬不到一半高,它就会沿轨道落回去.就不会脱离轨道.这类似脑筋急转弯了当然除了这种情况,也有速度达到v0使得mv0²/2=2Gr+mv1²;其中m为小球质量,v1满

一个是高速Vo通过,应该不用解释,另一个是低速不脱离轨道,因为当速度大于这个低速Vo但不高于高速Vo时,就会因为小球超出圆心等高的点,即会在1/4圆周到1/2圆周（轨道顶点）中间某位置脱离轨道抛落,如

最高点的临界情况：mg=mv2r，解得v=gr＝10×0.4＝2m/s根据动能定理得，-mg•2r=12mv2−12mv02解得v0=25m/s．若不通过四分之一圆周，根据动能定理有：-mgr=0-1

A由于这是一个圆环故小球在最高处v可以为0B若小球在最高处速度为√2gr,根据F=mv²/r有F=2mg环有向下mgD选项没有给数据啊!再问：C选项是2倍根号gr,D选项是5倍根号gr。。。

当小球在管道底部具有速度v时，运动到最高点速度为零，设半径为R，在该过程中，由动能定理有：-2mgR=0-12mv2…①当以2v的速度运动时，设到达最高点的速度为v′，由动能定理有：-2mgR=12m

因为小球沿如图的红色轨道运动：

设细管的半径为R，小球到达B点时速度大小为v．小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得：mgR=12mv2得到：v=2gR小球经过B点时，由牛顿第二定律得：Eq-mg=mv2R将v=2gR代入得：E=