如图所示,一物体m从某曲面上的q点自由滑下,
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/08/15 12:54:02
![如图所示,一物体m从某曲面上的q点自由滑下,](/uploads/image/f/3665204-44-4.jpg?t=%E5%A6%82%E5%9B%BE%E6%89%80%E7%A4%BA%2C%E4%B8%80%E7%89%A9%E4%BD%93m%E4%BB%8E%E6%9F%90%E6%9B%B2%E9%9D%A2%E4%B8%8A%E7%9A%84q%E7%82%B9%E8%87%AA%E7%94%B1%E6%BB%91%E4%B8%8B%2C)
在B点时的速度为V,因为在B平抛.所以有:Vt=S,h=1/2gt^2,连合得:V=S/√(2h/g)在A到B过程用动能定理:1/2mv^2-0=mg(H-h)-W摩,代入数值得:W摩=S^2/4h-
设滑雪者离开B时的速度为v,由平抛运动规律得 S=vt &n
不平衡是对的,虽未飞出,但支持力做功了.所以不平衡.
曲面是在传送带的左边还是右边?如果曲面是在传送带左边,那么传送带沿顺时针方向转动,物块在传送带的运动方向是和传送带相同的.选AC第一种情况:物块到达曲面低端时速度较传送带的速度很小,则物块在传送带上加
(1)整个过程从A到D,由动能定理有:mg•ADsinθ-μmgcosθ(AB+BC+AB+BC-AD)=0-12mv02代入数值解为:μ=0.5(2)从A到C过程,根据动能定理:mg•ACsinθ-
mgh-mgh/2=f*3h/(2sina)f=mgsina/3mgh/2-mgh’=f*h/(2sina)+f*h'/sina所以,h’=h/4
A、小球ab段和cd段速度大小在变化,故存在加速度;而bc段虽然速度大小不变,但方向时刻在变化,因此也存在加速度,当然由于做的曲线运动,因此加速度一定不为零,故A错误,B正确;C、只有做匀速圆周运动时
∵mg+N=mv²/R∴支持力N=mv²/R-mg∴摩擦力f=μN=μ(mv²/R-mg)
第一步:受力分析,物体沿斜面向上,受到三个力,重力,斜面对物体的支持力,还有摩擦力,方向向下第二步:建立坐标系,沿斜面和垂直斜面建立坐标系,把重力(不在坐标轴的力)分解成垂直斜面和沿斜面方向,垂直斜面
图呢?发过来再问:再答:1.滑块从高处运动到轨道底端,机械能守恒.mgH=1/2mv0^2v0=√2gH2.滑块滑上平板车后,系统水平方向上不受外力,动量守恒,小车最大速度与滑块共速的速度.mv0=(
(1)物体将从传送带的右边离开.物体从曲面上下滑时机械能守恒,有mgH=12mv2解得物体滑到底端时的速度v0=2gh=4m/s以地面为参照系,物体滑上传送带后向右做匀减速运动直到速度为零,期间物体的
(1)滑块由高处运动到轨道底端,由机械能守恒定律得:mgH=12mv02,解得:v0=2gH;(2)滑块滑上平板车后,系统水平方向不受外力,动量守恒.小车最大速度为与滑块共速的速度.滑块与小车组成的系
(1)滑块从高处运动到轨道底端,机械能守恒.mgH=12mv02v0=2gH=2m/s.(2)滑块滑上平板车后,系统水平方向上不受外力,动量守恒,小车最大速度与滑块共速的速度.mv0=(m+M)vv=
很可惜,你的想法错了.动量定理中的S,是指在惯性系中的距离.虽然好象相对路程多了,但是,减少的动量还是不变的.
因为在物体脱离前,物体和气球一起向上运动,当物体脱落后,物体由于惯性还要保持原来的速度向上运动,又由于受到重力的作用,物体继续上升一段距离后又将下落.故选C.
(1)当物体向上滑动时,物体加速度大小a=-(gsinθ+μgcosθ),代入数据得 a=-10m/s2由公式-v02=2as得 s=v02−2a,代入数据得 s=5 m(2)整个
考察能量的守恒!在题中,物体的重力势能转化为内能!内能是摩擦生热来的!所以转化的重力势能=内能mgh=E内现在将物体沿原路拉回,克服摩擦力做功为E内,同时,重力势能增加为mgh所以做功至少为,mgh+
由题意可知,物体下滑,第一次机械能减小了mgh1;第二次减小了mgh2;因第一次经过的路程较长,且第一次时由于向心力的作用,摩擦力要大于第二次;故第一次摩擦力做功要多;机械能的减小量要多;故有:h1>
据题意,小球是光滑的,竖直方向上受到重力和M的支持力,当劈形物体从静止开始释放后,M对小球的支持力减小,小球的合力方向竖直向下,则小球沿竖直向下方向运动,直到碰到斜面前,故其运动轨迹是竖直向下的直线.
木块的运动速率保持不变,则木块做匀速圆周运动;A、木块做匀速圆周运动,合外力提供向心力,合外力不为零,故A错误;B、在下滑过程中,重力做正功,摩擦力做负功,故BC错误;D、木块做匀速圆周运动,速度大小