质量为m的长木板放在光滑的水平面上,一个质量为m的滑块 可视为质点,以某一

以右边为正向,在第一次碰撞后,系统的动量为mv0-Mv0设系统在第二次碰撞的时候速度为v',按动量守恒,有：mv0-Mv0=(m+M)v'>v=(m-M)v'/m=(m-M)^2v0/(m(m+M))

用动量守恒可以解出末速度（末时刻A,B速度应该一样）求的是A速度为零的情况,由于受相同大小的摩擦力,由质量比可知加速度比.由“末速度的平方减初速度的平方=2*a*s”两板移动长度之和为L可知a与V和L

（1）对木板有:F-f=Ma1对木块:f=ma2S1-S2=0.1其中s1是木板的位移,s2是木块的位移（两者均为粗速度为0的匀加速）得：F=6.4N(2)恒力撤销的瞬时时刻,V1=2.2V2=2结

第一题用牛顿运动学公式,第二题用动量定理,第三题用能量守恒或动量定理.这题不难啊.

求1s、1.5s、2s、3s末木板的速度以及2s、3s末物块的速度；a.由图2可以看出,0~1秒内,F/mg＝1,即F＝mg,则0~1秒内木板的加速度为：F/（m＋2m）＝mg/3m＝g/3,则1秒末

摩擦力对滑块做功W1=-μmg(l+L)物体相对地面的位移对木板做功W2=μmgl物体相对地面的位移a=μg=3m/s^2v=att=2s加速位移x=0.5at^2=6m物体由M处传送到N处的过程中,

A、B都减速.最后速度相同.据动量守恒：M*Vo+(-m*Vo)=(M+m)*VV={(M-m)/(M+m)}*Vo,方向向左.据“动能定理”（对m,向右运动到达的最远处的速度为零）F*X=(1/2)

A向左移动到最大距离不是A走到边缘的时候,因为由动量定理可知最终的速度方向是B的方向,所以当A向左减速到速度为0的时候,才是向左移动最远的距离.因为速度减到0之后,还有一个想右加速的过程.这样,问题倒

0-1sm :0.2mg=ma1 a1=0.2g=2m/s^2   1s末速度v1=a1t=2m/s2m:F-0.2mg=2ma2 &nbs

单对小物体分析,摩擦力做功使其获得动能umgl/2=mv^2/2解得v=√ugL该速度也是两物体最终速度再将两物体看成整体W=（M+m)v^2/2=u(M+m)gL/2

(1)物块受到的滑动摩擦为μmg=0.2mg,之后对木板受力分析前1s合力为0.8mg,1s~1.5s为0.2mg之后一直受到水平向左的摩擦力,直到木板与木块速度相同,经2s后相同(2)根据速度公式,

木块的加速度的大小a=f/m木块对地的位移设为S12aS1=V^2-V1^2S1=[(V^2-V1)^2]/(2a)=m[(V^2-V1^2)]/(2f)朩板的加速度a'=f/M木板对地的位移设为S2

先分析B运动过程,以地面为参考系：在碰撞前一瞬间距墙距离L,以速度V1向墙运动碰撞后以恒定加速度做匀减速运动,加速度a=-gu,u为摩擦系数B速度减小到0时开始做反向加速运动,加速度仍为aB与A达到统

（1）由于A上表面右侧和水平面光滑,A与金属块和水平面无摩擦力,所以在力F的作用方向上,由力F所产生的加速度为a=F/M金属块静止,初速度Vo=0;由位移公式s=Vot+(a/2)（t^2）得方程l=

解析：对M：F－μmg＝Ma1,1/2a1t^2=s1　　　对m：μmg=ma2,1/2a2t^2=s2　　　　由题意得：s1－s2＝L　　　　而F做的功为W＝Fs1则s1=L(F－μmg)/[F－μ

对m做力的分析,有一个方向向左的拉力F1,和向左的摩擦力f,要想是小木块移动,至少要F1=f=umg,由于是定滑轮,且地面光滑,则有F=F1,要使小木块移动l,则有W=Fl=F1l=umgl.毕业好多

应该是F-摩擦力吧

（1）施加水平恒力后，设m、M的加速度分别为a1、a2，m、M的位移分别为s1、s2，根据牛顿第二定律有   对m：μmg=ma1   &n