(2011•安徽二模)如图所示,质量M=10kg,上表面光滑的足够长的木板在F=50N的水平拉力作用下,以v0=5m/s
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(1)第一个铁块放上后,木板的加速度是多大?
(2)第二个小铁块放上时,木板的速度是多大?
(3)第二个小铁块放上后,木板能运动的最大位移是多少?
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(1)设木板与地面间的动摩擦因数为μ,未放小铁块时,对木板由平衡条件得:
F=μMg,所以解得:μ=0.5
第一个小铁块放上后,木板做匀减速运动,加速度为a1,根据牛顿第二定律得:
F-μ(M+m)g=Ma1,所以a1=−
μmg
M=−0.5m/s2
故第一个小铁块放上后,木板的加速度大小为0.5m/s2.
(2)放上第一个木块后,木板做匀减速运动,设第二个小铁块放上时,木板的速度是v1,则有:
v21−
v20=2a1L,所以解得:v1=2
6m/s
故第二个小铁块放上时,木板的速度是:v1=2
6m/s.
(3)第二个小铁块放上后,木板做匀减速运动,加速度为a2,则有:
F-μ(M+2m)g=Ma2 ,所以有:a2=−
2μmg
M=−1m/s2.
设第二个小铁块放上后,木板能运动的最大位移是s,则有:
0−
v21=2a2s,所以解得:s=12m
故第二个小铁块放上后,木板能运动的最大位移是12m.
F=μMg,所以解得:μ=0.5
第一个小铁块放上后,木板做匀减速运动,加速度为a1,根据牛顿第二定律得:
F-μ(M+m)g=Ma1,所以a1=−
μmg
M=−0.5m/s2
故第一个小铁块放上后,木板的加速度大小为0.5m/s2.
(2)放上第一个木块后,木板做匀减速运动,设第二个小铁块放上时,木板的速度是v1,则有:
v21−
v20=2a1L,所以解得:v1=2
6m/s
故第二个小铁块放上时,木板的速度是:v1=2
6m/s.
(3)第二个小铁块放上后,木板做匀减速运动,加速度为a2,则有:
F-μ(M+2m)g=Ma2 ,所以有:a2=−
2μmg
M=−1m/s2.
设第二个小铁块放上后,木板能运动的最大位移是s,则有:
0−
v21=2a2s,所以解得:s=12m
故第二个小铁块放上后,木板能运动的最大位移是12m.
(2011•安徽二模)如图所示,质量M=10kg,上表面光滑的足够长的木板在F=50N的水平拉力作用下,以v0=5m/s
如图所示,质量M=10kg,上表面光滑的足够长的木板在F=50N的水平拉力作用下,以v0=5m/s的速度沿水平地面向
如图所示,质量M=10kg、上表面光滑的足够长的木板在F=50N的水平拉力作用下,以初速度v0=5m/s沿水平地面向右匀
如图所示,质量M=10kg,上表面光滑的足够长的木板在F=50N的水平拉力作用下,以初速度v0=5m/s沿水平地面向右匀
(2007•广东)如图所示,质量M=10kg、上表面光滑的足够长的木板在F=50N的水平拉力作用下,以初速度v0=5m/
(2012•莆田模拟)如图所示,质量M=10kg,上表面光滑的足够长的木板在F=20N的水平拉力作用下,以v0=2m/s
(2013•山西模拟)如图所示,质量M=10kg,上表面光滑的足够长的木板在F=50N的水平拉力作用下,以初速度v0=5
(2013•淄博二模)如图所示,上表面光滑,长度为3m、质量M=10kg的木板,在F=50N的水平拉力作用下,以v0=5
如图所示,上表面光滑的木板足够长,质量M=10kg,在F=50N的水平拉力作用下,能以υ0=5m/s的初速度沿水平地面向
(2008•如皋市模拟)如图所示,质量M=10kg,上表面光滑的足够长的木板在水平拉力F=20N的作用下,以υ0=5m/
(2013•辽宁二模)如图所示,质量M=5kg、上表面光滑的长度为L=1m的木板,在F=25N的水平拉力作用下,以初速度
质量为M=10Kg上表面光滑的足够长的木板在F=50M的水平力作用下以初速度V0=5m/s沿水平地面向右匀速运动现有